POJ 2478Farey Sequence
escription
The Farey Sequence Fn for any integer n with n >= 2 is the set of irreducible rational numbers a/b with 0 < a < b <= n and gcd(a,b) = 1 arranged in increasing order. The first few are F2 = {1/2} F3 = {1/3, 1/2, 2/3} F4 = {1/4, 1/3, 1/2, 2/3, 3/4} F5 = {1/5, 1/4, 1/3, 2/5, 1/2, 3/5, 2/3, 3/4, 4/5} You task is to calculate the number of terms in the Farey sequence Fn.
Input
There are several test cases. Each test case has only one line, which contains a positive integer n (2 <= n <= 106). There are no blank lines between cases. A line with a single 0 terminates the input.
Output
For each test case, you should output one line, which contains N(n) ---- the number of terms in the Farey sequence Fn.
Sample Input
2
3
4
5
0
Sample Output
1
3
5
9
Source
POJ Contest,Author:Mathematica@ZSU
std的玄学做法没看懂
给n,求ans[n]。其中ans[n]=ans[n-1]+phi[n],且n的范围比较大,在10的6次以内。则考虑打表解决。 先得到能整除i的最小正整数md[i](一定是个素数),再利用性质3,得到phi[i]
不过我用线性筛水过去啦。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define LL long long
using namespace std;
const LL MAXN=3*1e6+10;
LL prime[MAXN],tot=0,vis[MAXN],phi[MAXN],N;
void GetPhi()
{
for(LL i=2;i<=N;i++)
{
if(!vis[i])
{
prime[++tot]=i;
phi[i]=i-1;
}
for(LL j=1;j<=tot&&prime[j]*i<=N;j++)
{
vis[ i*prime[j] ] = 1;
if(i%prime[j]==0)
{
phi[ i*prime[j] ]=phi[i]*prime[j];
break;
}
else phi[ i*prime[j] ]=phi[i]*(prime[j]-1);
}
}
for(LL i=1;i<=N;i++)
phi[i]=phi[i]+phi[i-1];
}
int main()
{
N=2*1e6+10;
GetPhi();
while(cin>>N&&N!=0)
printf("%lldn",phi[N]);
return 0;
}
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